Question

【題目】下圖所示裝置中，甲、乙、丙三個燒杯依次分別盛放100g5.00%的NaOH溶液、足量的CuSO4溶液和100g10.00%的K2SO4溶液，電極均為石墨電極。

(1)接通電源，經過一段時間后，測得丙中K2SO4濃度為10.47%，乙中c電極質量增加。據此回答問題：

① 電源的N端為______________極；

② 電極b上發(fā)生的電極反應為_______________；

③ 列式計算電極b上生成的氣體在標準狀況下的體積_____________(保留小數點后一位)；

④ 電極c的質量變化是____________g；

⑤ 電解前后各溶液的PH變化(填“增大”、“減小”、“不變”)，簡述其原因：

甲溶液______________________；

乙溶液______________________；

丙溶液______________________；

(2)如果電解過程中銅全部析出，此時電解能否繼續(xù)進行，為什么？

Answer 1

【答案】

(1)①正；②4OH－—4e－=2H2O+O2↑；③2.8L；④16g；⑤甲增大，因為相當于電解水；乙減小，OH－放電，H＋增多；丙不變，相當于電解水。

(2)可以；因為CuSO4溶液已轉變?yōu)镠2SO4溶液，反應也就變?yōu)樗�的電解反�?/span>

【解析】

試題分析：(1)①乙杯中c質量增加，說明Cu沉積在c電極上，電子是從b-c移動，M是負極，N為正極，故答案為：正極；

②甲中為NaOH，相當于電解H2O，陽極b處為陰離子OH-放電，即4OH--4e-=2H2O+O2↑，故答案為：4OH--4e-=2H2O+O2↑；

③丙中為K2SO4，相當于電解水，設電解的水的質量為x．由電解前后溶質質量相等有，100×10%=(100-x)×10.47%，得x=4.5g，故為0.25mol．由方程式2H2+O2═2H2O可知，生成2molH2O，轉移4mol電子，所以整個反應中轉化0.5mol電子，則生成O2為0.5/4=0.125mol，標況下的體積為0.125×22.4=2.8L，故答案為：答案2.8L；

④整個電路是串聯的，所以每個燒杯中的電極上轉移電子數是相等的，根據電極反應：Cu2++2e-=Cu，可知轉移0.5mol電子生成的m(Cu)=×64=16g，故答案為：16g；

⑤甲中相當于電解水，故NaOH的濃度增大，pH變大．乙中陰極為Cu2+放電，陽極為OH-放電，電解方程式為：2CuSO4+2H2O2Cu+O2↑+2H2SO4，所以H+增多，故pH減小．丙中為電解水，對于K2SO4而言，其pH幾乎不變．故答案為：甲增大，因為相當于電解水；乙減小，OH-放電，H+增多；丙不變，相當于電解水；

(2)當銅全部析出時，溶液中仍有電解質硫酸，可以繼續(xù)電解，故答案為：可以； 銅全部析出，可以繼續(xù)電解H2SO4，反應也就變?yōu)樗�的電解反應�?/span>